Как найти последовательность аминокислот в полипептиде

Определение последовательности аминокислот в полипептиде и структуру участка ДНК

Задача 10. 
Часть молекулы белка имеет такую последовательность аминокислот: – аланин – тирозин – лейцин – аспарагин – серин –. Какие т-РНК (с какими антикодонами) участвуют в синтезе этого белка?
Решение: 
По таблице генетического кода находим кодоны и-РНК:
ГЦУ, УАУ, ЦУУ, ААУ и АГУ. Антикодоны т-РНК будут комплементарны кодонам и-РНК: ЦГА, АУА, ГАА, УУА и УЦА. 
Таким образом:
кодоны и-РНК – ГЦУ, УАУ, ЦУУ, ААУ, АГУ;
антикодоны т-РНК – ЦГА, АУА, ГАА, УУА, УЦА.

 


Задача 11.
Как изменится структура белка, если из участка гена АЦАТТТАААГТЦАТА удалить второй и 10-й слева нуклеотиды?
Решение: 
Первоначально строим и-РНК УГУАААУУУЦАГУАУ, а затем, разбив ее на триплеты, строим участок искомого белка в норме: цистеин – лизин – фенилаланин – глутамин – тирозин. По условию задачи из цепи ДНК удаляется второй и десятый (слева) нуклеотиды. Остается ААТТТАААТЦАТА. По полученному участку строим цепь и-РНК УУАААУУУАГУАУ, вновь разбив ее на триплеты, находим строение участка белка после произошедших изменений в ДНК: лейцин – аспарагин – лейцин.
До замены:

ДНК – АЦА ТТТ ААА ГТЦ АТА;
и-РНК – УГУ – ААА – УУУ – ЦАГ – УАУ;
 белок – Цис – Лиз – Фен – Глн – Тир.

После замены: 

ДНК – А АТТТА АА ТЦАТА;
и-РНК – УУА – ААУ – УУА – ГУА У;
белок – Лей – Асн – Лей – Вал.

Сравнивая строение участка белка до и после изменений в ДНК, видим, что произошла замена всех аминокислот, а длина цепи сократилась на одну аминокислоту.
 


Задача 12. 
Полипептид состоит из следующих аминокислот: лизин – валин – серин – глутаминовая кислота – тирозин.
Определите структуру участка ДНК, кодирующего указанный полипептид.
Решение: 
Дана последовательность аминокислот в полипептиде. По этим сведениям нетрудно установить строение и-РНК, которая управляла синтезом данного полипептида. По таблице генетического кода находим структуру триплета для лизина (ААА), валина (ГУУ), серина (УЦУ), глутаминовой кислоты (ГАА) и тирозина (УАУ). Подобрав кодирующие триплеты, составляем и-РНК для данного полипептида: ААА ГУУ УЦУ ГАА УАУ. По цепочке и-РНК можно восстановить участок цепи ДНК, с которой она снималась. Урацил вставал против аденина ДНК, гуанин – против цитозина и т.д. Следовательно, участок интересующей нас цепи ДНК будет иметь следующее строение:

ТТТЦАААГАЦТТАТА

Но ДНК состоит из двух цепочек. Зная строение одной цепи, по принципу комплементарности достраиваем вторую. Целиком участок двухцепочечной ДНК, кодирующий данный полипептид, будет иметь следующее строение:

Т Т Т Ц А А А Г А Ц Т Т А Т А
А А А Г Т Т Т Ц Т Г А А Т А Т.

 



Задача 13.
Определите аминокислотный состав полипептида, который кодируется и-РНК следующего состава: ЦЦУ – ЦЦЦ – ЦЦА – ЦЦГ.
Решение:
По таблице генетического кода последовательно находим для каждого триплета соответствующую аминокислоту и строим участок искомого полипептида, получим:

Про – Про – Про – Про.

Таким образом, тетрапептид состоит из четырех фрагментов аминокислоты пролин. Аминокислота пролин кодируется четырьмя триплетами, что указывает на вырожденность генетического кода.





Как решать задачи на биосинтез белка?

Как решать задачи на биосинтез белка?

Чтобы сдать ЕГЭ по биологии на 80+ баллов, нужно решить задания не только первой, но и второй части КИМа. Традиционно, самые «решаемые» задания – это №27, №28. За них можно легко получить баллы, если знать несколько основных правил и принципов. О них мы и будем говорить сегодня. 

25.png (27 KB)

Основные правила 

Итак, мы начинаем знакомство с основными правилами, которые важно использовать при работе с заданием №27. 

  1. Синтез новых цепей идет с транскрибируемой цепи ДНК

Вспомните: молекула ДНК представляет собой двойную спираль, то есть состоит из двух цепей. Они имеют собственные названия и направления синтеза. Одна из цепей – транскрибируемая (матричная), другая – смысловая (кодирующая). Транскрибируемая цепь строится в направлении от 3’-конца к 5’-концу, смысловая –  от 5’-конца к 3’-концу. 

Если в задании нужно синтезировать новую цепь, например иРНК, то в качестве матрицы (основы) для синтеза необходимо использовать транскрибируемую цепь ДНК. 

Однако это правило работает только в тех случаях, когда в условии задания обозначено, какая цепь является транскрибируемой, а какая – смысловой. 

24.png (37 KB)

  1. Все виды РНК синтезируются с транскрибируемой цепи ДНК

Любые виды РНК: информационная (иРНК), транспортная (тРНК), рибосомальная (рРНК) – синтезируются с транскрибируемой цепи ДНК. 

Если в задании нужно синтезировать какую-либо РНК, то в качестве матрицы (основы) для ее синтеза берется транскрибируемая цепь ДНК. 

  1. Последовательность аминокислот в полипептиде находится по нуклеотидной последовательности иРНК

Чтобы определить последовательность аминокислот во фрагменте полипептида, нужно использовать молекулу иРНК. Для этого мы используем знания нуклеотидной последовательности молекулы иРНК и таблицу генетического кода. 

Таблица генетического кода будет в условии задания на экзамене, поэтому учить ее не требуется. 

  1. Кодоны иРНК в таблице генетического кода указаны в направлении от 5’-конца к 3’-концу

При работе с таблицей генетического кода необходимо учитывать, что в ней указаны кодоны иРНК в направлении от 5’-конца к 3’-концу. Соответственно, использовать другие триплеты в другом направлении при работе с этой таблицей нельзя. 

19.png (21 KB)

Основные принципы

Для решения 27 задания нужно знать еще и два принципа построения цепи ДНК:  комплементарности и антипараллельности. 

  1. Принцип комплементарности 

Принцип комплементарности – это избирательное соединение нуклеотидов при образовании новых молекул нуклеиновых кислот. 

В процессе репликации (самоудвоения молекулы ДНК) синтез дочерних цепей идет на основе материнской цепи ДНК. При построении новых цепей ДНК нуклеотиды дочерней цепи подбираются не спонтанно, а избирательно: в строгом соответствии с последовательностью нуклеотидов в материнской цепи ДНК. 

Проще: Если в исходной цепи встречается определенный нуклеотид, то в дочерней цепи ему будет соответствовать другой определенный нуклеотид. 

Комплементарны друг другу следующие нуклеотиды: 

  • адениловый нуклеотид – тимидиловый нуклеотид (А-Т); 
  • гуаниловый нуклеотид – цитидиловый нуклеотид (Г-Ц). 

Принцип комплементарности используется не только при построении дочерних цепей ДНК, но и при построении любых новых молекул нуклеиновых кислот. Ниже приводится схема соответствия друг другу нуклеотидов разных молекул нуклеиновых кислот. 

1.png (13 KB)

  1. Принцип антипараллельности

Принцип антипараллельности: цепи в молекуле ДНК ориентированы антипараллельно. Одна строится в направлении 5՛-3՛, другая – в 3՛-5՛. 

Выше мы уже обсуждали, что молекула ДНК состоит из двух цепей, каждая из которых имеет свой направление синтеза. Важно запомнить, что транскрибируемая цепь строится в направлении от 3’-конца к 5’-концу, а смысловая – от 5’-конца к 3’-концу. Направление синтеза разное, поэтому говорят, что цепи антипараллельны. 

При синтезе дочерней цепи ДНК на основе материнской важно помнить не только про избирательное соединение нуклеотидов, но и про антипараллельность цепей. Если у нас есть одна цепь ДНК с определенной последовательностью нуклеотидов, то при синтезе с ее новой цепи ДНК нужно воспользоваться принципом комплементарности. А также правильно указать направления цепей в соответствии с принципом антипараллельности. Например, если исходная цепь имела направление 3՛-5՛, то дочерняя цепь будет иметь направление 5՛-3՛. 

Обратите внимание: в данном случае цепи не нужно переориентировать или «отзеркаливать». Необходимо указать направление дочерней цепи антипараллельно исходной. 

Принцип антипараллельности также используется при построении любых новых молекул нуклеиновых кислот. 

23.png (28 KB)

С основными правилами и принципами, которые нужно знать для решения задания №27, мы познакомились. Они помогут вам научиться решать простейшие задачи на биосинтез белка. Однако на реальном экзамене в задании №27 бывает много подвохов, о которых мы поговорим в следующий раз. До встречи! 




Решаем простейшие задачи на биосинтез белка

Решаем простейшие задачи на биосинтез белка

Решаем простейшие задачи на биосинтез белка

В прошлый раз мы обсуждали основные правила и принципы решения задач на биосинтез белка. Их важно использовать при работе с заданием №27 в КИМе. Сегодня мы продолжим разбирать задачи на биосинтез белка, рассмотрим простейшие задания и обсудим алгоритмы их решения. Поехали!

24.png (37 KB)

Пример №1

Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (нижняя цепь матричная (транскрибируемая)):

5’ – ЦАГАГАГЦАГААТАЦ – 3ʹ
3ʹ – ГТЦТЦТЦГТЦТТАТГ – 5ʹ


Определите последовательность аминокислот во фрагменте полипептидной цепи, объясните последовательность решения задачи. 

Внимательно прочитаем условие и определим, что нам дано и что требуется найти. В задании речь идет о фрагменте гена, то есть перед нами участок молекулы ДНК. По условию требуется определить последовательность аминокислот во фрагменте полипептидной цепи и объяснить ход решения. 

Для того, чтобы определить последовательность аминокислот во фрагменте полипептидной цепи, мы должны знать последовательность нуклеотидов в цепи иРНК. Саму молекулу иРНК легко построить, используя транскрибируемую цепь ДНК. 

Итак, задача будет решаться в два шага: 

  1. По принципу комплементарности на основе транскрибируемой цепи ДНК построим молекулу иРНК; 
  2. Определим последовательность аминокислот во фрагменте полипептида с помощью  нуклеотидной последовательности молекулы иРНК и таблицы генетического кода.

Решение: 

  1. в качестве матрицы (основы) для синтеза иРНК берем транскрибируемую ДНК и далее по принципу комплементарности (А–У, Т–А, Г–Ц, Ц–Г) строим новую молекулу:

транскрибируемая ДНК: – ГТЦТЦТЦГТЦТТАТГ –
                              иРНК: 5’ – ЦАГАГАГЦАГААЦАЦ – 3’

Обратите внимание: направление цепи иРНК мы изменили в соответствии с принципом антипараллельности.

  1. чтобы определить последовательность аминокислот в полипептиде, воспользуемся таблицей генетического кода и полученной молекулой иРНК. Для этого разбиваем молекулу иРНК на отдельные триплеты, для которых будем искать в таблице генетического кода соответствующие аминокислоты.

    иРНК: 5’ – ЦАГ АГА ГЦА ГАА ЦАЦ – 3’

полипептид: глнаргалаглугис

Обратите внимание: между названиями аминокислот стоят дефисы. Их обязательно нужно писать, так как между аминокислотами в полипептиде имеются пептидные связи. Чтобы их обозначить, пишут дефисы. 

19.png (21 KB)

Все! На этом наша задача решена. Теперь обсудим, как писать решение на экзамене. В бланк ответов обычно сразу пишется решение, без «дано» и «ответа». Достаточно последовательно описать ход своих действий и ответить на все вопросы в задании. 

У нашей задачи решение, которое нужно будет вписать в бланк ответов, будет выглядеть следующим образом: 

Решение: 

  1. по принципу комплементарности на основе транскрибируемой цепи ДНК находим нуклеотидную последовательность молекулы иРНК:
    5’ – ЦАГАГАГЦАГААЦАЦ – 3’;
  2. на основе нуклеотидной последовательности молекулы иРНК и таблицы генетического кода определяем последовательность аминокислот во фрагменте полипептида: глнаргалаглугис. 

Пример №2

Исходный фрагмент молекулы ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ – ГЦГГГЦТАТТГЦЦТГ – 3’

3’ – ЦГЦЦЦГАТААЦГГАЦ – 5’

В результате мутации в ДНК четвёртая аминокислота во фрагменте полипептида заменилась на аминокислоту три. Определите аминокислоту, которая кодировалась до мутации. Какие изменения произошли в ДНК в результате мутации? Ответ поясните.

Эта задача чуть сложнее, чем предыдущая, но гораздо интереснее! Сначала, по традиции, внимательно прочитаем условие и определим, что дано и что требуется найти. Речь идет о молекуле ДНК до и после мутации. До мутации четвертый триплет ДНК кодировал одну аминокислоту, после мутации стал кодировать другую (по условию, аминокислоту три). Нужно определить, какую аминокислоту кодировал четвертый триплет ДНК до мутации, а также указать, какие изменения произошли в структуре ДНК, чтобы она стала кодировать другую аминокислоту. 

Как определить, какую аминокислоту кодировал триплет ДНК до мутации? Так же, как и в предыдущей задаче. Сначала по принципу комплементарности находим кодон иРНК, который соответствует этому триплету ДНК. А затем воспользуемся таблицей генетического кода и определим аминокислоту, которая подходит этому кодону иРНК. 

Решение: 

  1. в качестве матрицы (основы) для синтеза иРНК берем транскрибируемую ДНК и далее по принципу комплементарности (А–У, Т–А, Г–Ц, Ц–Г) определим нуклеотидную последовательность кодона иРНК:

триплет транскрибируемой ДНК: – АЦГ –
                                  кодон иРНК: 5’ – УГЦ – 3’

Обратите внимание: направление кодона иРНК мы изменили в соответствии с принципом антипараллельности. 

  1. чтобы определить аминокислоту, которую кодирует этот кодон иРНК, воспользуемся таблицей генетического кода:

    кодон иРНК: 5’ – УГЦ – 3’
    аминокислота: цис.

20.png (17 KB)

Итак, триплет ДНК до мутации кодировал аминокислоту цис. После мутации этот же триплет стал кодировать аминокислоту три. Почему? Потому что в результате мутации изменилась нуклеотидная последовательность этого триплета. Если изменился триплет, то изменится и аминокислота, которую он кодирует. 

Как узнать, какие изменения произошли в нуклеотидной последовательности триплета ДНК? Очевидно, начать «с конца».

 Мы знаем, какую аминокислоту кодирует изменившийся триплет. Значит, можно определить, какой кодон иРНК соответствует этой аминокислоте (для этого надо посмотреть в таблицу генетического кода). Так  мы можем найти триплет ДНК по принципу комплементарности. Таким образом, мы получим триплет ДНК после мутации. Далее нужно сравнить триплет до и после мутации, а также сделать вывод о произошедших изменениях. 

Решение: 

  1. чтобы определить, какой кодон иРНК кодирует аминокислоту три, воспользуемся таблицей генетического кода: 

аминокислота: три
кодон иРНК: 5’ – УГГ – 3’

Обратите внимание: в данном случае аминокислота встречается в таблице всего лишь один раз, поэтому мы выписали только один кодон иРНК. Однако бывают задачи, когда аминокислота встречается в таблице несколько раз. В таком случае кодонов также будет несколько. 

  1. по принципу комплементарности на основе нуклеотидной последовательности кодона иРНК определим нуклеотидную последовательность триплета ДНК:

    кодон иРНК: 5’ – УГГ – 3’
    триплет транскрибируемой ДНК: 3’ – АЦЦ – 5’

Итак, после мутации триплет ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов: 3’ – АЦЦ5’. До мутации он имел другую последовательность нуклеотидов: – АЦГ5ʹ. Какие изменения произошли в ДНК в результате мутации? Как можно заметить, произошла замена последнего нуклеотида. 

Теперь оформим решение как на экзамене. 

Решение: 

  1. четвёртый триплет исходного фрагмента транскрибируемой ДНК: – АЦГ – , по принципу комплементарности определяем кодон иРНК: 5’ – УГЦ – 3’; 

  1. используя таблицу генетического кода, определяем, что кодон иРНК кодирует аминокислоту цис; 

  1. во фрагменте транскрибируемой цепи ДНК в четвёртом триплете – АЦГ – произошла замена последнего нуклеотида (нуклеотид Г заменился на Ц). 

Как можно заметить, задачи на биосинтез белка не такие сложные, как кажется на первый взгляд. Главное – внимательно читать условие, решать последовательно и соблюдать все правила оформления. Кстати, именно о них мы поговорим подробнее в следующий раз. До встречи!  




Как оформлять задачи на биосинтез белка на ЕГЭ?

Как оформлять задачи на биосинтез белка на ЕГЭ?

В прошлый раз мы с вами обсуждали, как решать простейшие задачи на биосинтез белка. Сегодня нас ждет важный разговор о том, как оформлять 27 задание на ЕГЭ. Настоятельно советую не пренебрегать правилами, которые мы обсудим в этот раз, ведь от них зависит, сколько баллов за задание выставит эксперт на экзамене. Итак, поехали! 

21.png (45 KB)

Главное

В отличие от других заданий второй части задачи на биосинтез белка имеют четкую структуру и оцениваются максимально только при наличии всех элементов ответа, которые предусмотрены составителями. 

В бланке ответов обязательно должен быть представлен ход решения задачи. Иными словами, важно решать задачу последовательно, объяснять порядок своих действий, пояснять каждый шаг. 

Правила оформления

  1. В молекулах ДНК, иРНК, сплошной цепи тРНК нуклеотиды можно писать через тире, триплеты можно писать через тире; молекулы можно записать в виде сплошной последовательности

Допустимыми с позиции оформления являются следующие варианты записи: 


3’ -А-Г-А-Г-Ц-А-Г-Т-А-Г-Т-Т-Т-Г-А-Г-Ц-Ц- 5’

3’ – АГА-ГЦА-ГТА-ГТТ-ТГА-ГЦЦ – 5’

3’ – АГАГЦАГТАГТТТГАГЦЦ – 5’

При написании нуклеотидной последовательности цепей ДНК, иРНК, сплошной цепи тРНК можно записать нуклеотиды через тире, триплеты через тире. Почему? Между нуклеотидами имеются фосфодиэфирные связи, за счет которых нуклеотиды связываются друг с другом – тире обозначает эти связи. Также допустимо писать нуклеотиды без тире в виде сплошной последовательности. 

  1. В сплошной цепи ДНК, иРНК, тРНК триплеты нельзя разделять запятыми

Недопустимой с позиции оформления является следующая запись: 

3’ – АГА, ГЦА, ГТА, ГТТ, ТГА, ГЦЦ – 5’

Запятые в таком случае будут означать, что триплеты относятся к разным молекулам, в то время как триплеты составляют одну. Поэтому в сплошных цепях ДНК, иРНК, тРНК нельзя разделять триплеты запятыми. 

22.png (16 KB)

  1. Антикодоны разных молекул тРНК нельзя писать через тире между триплетами

Недопустимой с позиции оформления является следующая запись: 

3’ – АГА-ГЦА-ГАА-ГАА-АГА-ГЦЦ – 5’

Написание тире между триплетами при записи антикодонов тРНК является ошибкой. Это связано с тем, что антикодоны тРНК не связаны в единую цепь, они являются частями разных молекул. 

  1. Аминокислоты во фрагменте полипептида можно писать через тире, пробел, или без разделительных знаков

Допустимыми с позиции оформления являются следующие варианты записи: 


Мет-Ала-Глу-Три-Сер-Арг

Мет Ала Глу Три Сер Арг
МетАлаГлуТриСерАрг

Написание тире между аминокислотами допустимо, так как при образовании полипептида аминокислоты связываются друг с другом пептидными связями. Тире обозначают эти связи. 

  1. Аминокислоты во фрагменте полипептида нельзя писать через запятую или точку с запятой

Недопустимой с позиции оформления является следующая запись: 

Мет, Ала, Глу, Три, Сер, Арг

Мет; Ала; Глу; Три; Сер; Арг

  1. Писать в ответе нуклеотид или кодон молекулы иРНК в качестве гена нельзя

Ген – это участок молекулы ДНК. Соответственно, указание в ответе нуклеотида или кодона в молекуле иРНК как гена считается ошибкой. 

24.png (37 KB)

  1. В задачах с открытой рамкой считывания на иРНК необходимо в явном виде указывать место начала или окончания синтеза полипептида

Допустимыми с позиции оформления являются следующие варианты записи: 

3’ – АУГАГЦАГУАГУУЦААЦГАГЦЦ – 5’

3’ – АУГАГЦАГУАГУУЦААЦГАУАА – 5’

В 2022 году на ЕГЭ появился новый тип задач на биосинтез белка. В таких заданиях нужно самостоятельно определить открытую рамку считывания (участок иРНК, кодирующий полипептид) и указать место начала или окончания синтеза полипептида на молекуле иРНК. Вы можете подчеркнуть или обвести кодон, указать стрелкой на первый или последний нуклеотид рамки считывания. 

  1. При написании цепей ДНК, иРНК, тРНК, антикодонов тРНК нужно указывать направления цепей

При написании последовательностей нуклеиновых кислот важно не только верно написать саму последовательность, но и указать направление цепи, то есть обозначить 3’- и 5’-концы. Если концы цепей будут указаны неверно, баллы за решение будут снижены. 

20.png (17 KB)

Требований к оформлению 27 задания достаточно много. Не забывайте их учитывать при написании решения в бланк ответов. В случае, если участник экзамена неверно оформляет решение, баллы будут снижаться так же, как и в случае наличия в ответе биологических ошибок. Чтобы этого не произошло, не забывайте проверять свой ответ перед внесением его в бланк. Успехов! 

Макеты страниц

Два больших открытия, сделанные в 1953 г., ознаменовали наступление новой эры в биохимии. В этом году Джеймс Д. Уотсон и Фрэнсис Крик в Кембридже (Англия) создали модель структуры ДНК (двойную спираль) и высказали предположение о структурной основе точной репликации ДНК. В этом предположении, по существу (хотя и не в явной форме), была выражена идея о том, что последовательность нуклеотидных звеньев ДНК содержит в себе закодированную генетическую информацию. В том же году Фредерик Сэнгер, работ авший в Кембридже в той же лаборатории, расшифровал последовательность аминокислот в полипептидных цепях гормона инсулина. Это достижение само по себе имело большое значение, так как в течение долгого времени считалось, что определение аминокислотной последовательности полипептида представляет собой совершенно безнадежную по трудности задачу. Но, кроме того, результаты, полученные Сэнгером, практически одновременно с появлением гипотезы Уотсона-Крика, тоже наводили на мысль о существовании какой-то связи между нуклеотидной последовательностью ДНК и аминокислотной последовательностью белков. В следующее десятилетие эта идея привела к расшифровке всех содержащихся в ДНК и РНК нуклеотидных кодовых слов, которые однозначно определяют аминокислотную последовательность белковых молекул.

До работы Cэнгера на выполнение которой ушло несколько лет, не было уверенности в том, что все молекулы данного белка являются строго идентичными по молекулярной массе и аминокислотному составу. В настоящее время известна аминокислотная последовательность многих сотен белков, выделенных из различных источников. Определение аминокислотной последовательности полипептцдной цепи основано на принципах, которые впервые были развиты Сэнгером. Они используются еще и сегодня, правда со всевозможными вариациями и усовершенствованиями.

Чтобы расшифровать аминокислотную последовательность любого полипептида, необходимо осуществить шесть основных стадий.

а. Стадия 1: определение аминокислотного состава

Первым шагом на пути к расшифровке аминокислотной последовательности служит гидролиз всех пептидных связей чистого полипептида. Образующаяся смесь аминокислот анализируется затем при помощи ионообменной хроматографии (разд. 5.18), что позволяет определить, какие аминокислоты и в каком соотношении присутствуют в гидролизате.

б. Стадия 2: идентификация амино- и карбоксиконцевых остатков

Следующий шаг состоит в идентификации аминокислотного остатка, находящегося на конце полипептидной цепи, несущего свободную -аминогруппу, т. е. на аминоконце (-конце, или N-конце). Для этой цели Сэнгер предложил использовать реагент, 1 -фтор-2,4-динитробензол (разд. 5.22), который можно присоединить в качестве метки к аминоконцевому (-концевому) остатку цепи, в результате чего образуется окрашенное в желтый цвет (ДНФ) – производное полипептида. При кислотном гидролизе все пептидные связи в таком ДНФ – производном полипептида расщепляются, однако ковалентная связь между 2,4-динитрофенильной группой и -аминогруппой N-концевого остатка остается незатронутой. Следовательно, N-концевой остаток будет представлен в гидролизате в виде 2,4 производного (рис. 6-6).

Рис. 6-6. Идентификация аминоконцевого остатка тетрапептида путем получения 2,4-динитрофенильного производного. Тетрапептид вступает в реакцию с 1 -фтор-2,4-динитробензолом (ФДНБ) с образованием 2,4-дииитрофенильного производного. Последнее подвергают затем кипячению в присутствии 6 н. HCl с тем, чтобы расщепить все пептидные связи. При этом аминоконпевая аминокислота остается в виде 2,4-динитрофенильного производного.

Рис. 6-7. Введение метки в аминоконцевой остаток трипептида с помощью дансилхлорида. После гидролитического расщепления всех пептидных связей дансильное производное аминоконцевой аминокислоты можно выделить и идентифицировать. Благодаря интенсивной флуоресценции дансильных групп они выявляются в значительно меньших количествах, чем динитрофенильные группы. Поэтому дан – сильный метод по чувствительности намного превосходит метод с использованием фтординитробензола.

Это производное легко отделить от незамещенных свободных аминокислот и идентифицировать хроматографическим способом путем сравнения его с аутентичными динитрофенильными производными различных аминокислот.

Другим реагентом, используемым в качестве метки, позволяющей идентифицировать N-концевой остаток, служит дансилхлорид (рис. 6-7), который реагирует со свободной -аминогруппой и дает дансильное производное. Последнее интенсивно флуоресцирует, вследствие чего его можно обнаружить и измерить при значительно более низких концентрациях, чем динитрофенильные производные.

Карбоксиконцевой (С-концевой) аминокислотный остаток полипептидной цепи тоже можно идентифицировать, используя тот или иной метод. Один из таких методов состоит в инкубировании полипептида с ферментом карбоксипептидазой, которая гидролизует только пептидную связь, находящуюся на карбоксильном конце (-конце, или С-конце) цепи. Определив, какая из аминокислот первой отщепилась от полипептида при действии на него карбоксипептидазы, можно идентифицировать С-конце-вой остаток.

В результате идентификации N- и С-концевых остатков полипептида мы получаем две важные реперные точки для определения аминокислотной последовательности.

в. Стадия 3: расщепление полипептидной цепи на фрагменты

Теперь мы берем еще одну порцию анализируемого препарата, содержащего неповрежденные полипептидные цепи, и расщепляем их на более мелкие куски — короткие пептиды, состоящие в среднем из 10-15 аминокислотных остатков. Цель этой операции заключается в том, чтобы разделить полученные фрагменты и определить в каждом из них аминокислотную последовательность.

Для расщепления полипептидной цепи на отдельные фрагменты можно использовать несколько методов. Один из широко распространенных методов – это частичный ферментативный гидролиз полипептида под воздействием пищеварительного фермента трипсина. Каталитическое действие этого фермента отличается высокой специфичностью: гидролизу подвергаются только те пептидные связи, в образовании которых участвовала карбоксильная группа остатка лизина или аргинина независимо от длины и аминокислотной последовательности полипептидной цепи (табл. 6-6). Число более мелких пептидов, образующихся под действием трипсина, можно, следовательно, предсказать, исходя из общего числа остатков лизина и аргинина в исходном полипептиде.

Таблица 6-6. Специфичность, свойственная четырем важным методам фрагментации полипептидных цепей

Рис. 6-8. Пептидная карта, полученная после расщепления нормального гемоглобина человека трипсином. Каждое пятно содержит один из пептидов. Чтобы получить такую двумерную карту, смесь пептидов наносят на лист бумаги квадратной формы, проводят электрофорез в одном направлении, параллельном одной из сторон квадрата, после чего бумагу высушивают, а затем проводят хроматографическое разделение пептидов в другом направлении, перпендикулярном первому. Ни один из этих двух процессов в отдельности не позволяет разделить пептиды полностью, однако последовательное их осуществление оказывается очень эффективным способом разделения сложных пептидных смесей.

Полипептид, в котором содержатся пять остатков лизина и (или) аргинина, при расщеплении трипсином обычно дает шесть более мелких пептидов, причем все эти пептиды, за исключением одного, имеют на карбоксильном конце остаток лизина или аргинина. Фрагменты, полученные под действием трипсина, разделяют либо методом ионообменной хроматографии на колонке, либо при помощи электрофореза и хроматографии на бумаге; при этом часто проводят двумерное хроматографическое разделение пептидов на листе бумаги, в результате чего получают хроматограмму с распределившимися на ней пептидами в виде пептидной карты (рис. 6-8).

г. Стадия 4: определение последовательности пептидных фрагментов

На этой стадии устанавливается аминокислотная последовательность в каждом из пептидных фрагментов, полученных на стадии 3. Обычно для этой цели используют химический метод, разработанный Пером Эдманом. Расщепление по Эдману сводится к тому, что метится и отщепляется только -концевой остаток пептида, а все остальные пептидные связи не затрагиваются (рис. 6-9). После идентификации отщепленного -концевого остатка метка вводится в следующий, ставший теперь -концевым остаток, который точно так же отщепляется, проходя через ту же серию реакций. Так, отщепляя этим способом остаток за остатком, можно определить всю аминокислотную последовательность пептида, используя для этой цели всего одну пробу. На рис. 6-9 показано, каким образом осуществляется расщепление по Эдману. Вначале пептид взаимодействует с фенилизотиоцианатом, который присоединяется к свободной -аминогруппе -концевого остатка. Обработка пептида холодной разбавленной кислотой приводит к отщеплению -концевого остатка в виде фенилтиогидантоинового производного, которое можно идентифицировать хроматографическими методами. Остальная часть пептидной цепи после удаления -концевого остатка оказывается неповрежденной.

Укороченный пептид снова подвергается той же серии реакций, что позволяет идентифицировать новый -концевой остаток. Повторяя таким образом отщепление одного за другим -концевых остатков, можно легко определить аминокислотную последовательность пептидов, состоящих из 10-20 остатков.

Определение аминокислотной последовательности проводится для всех пептидов, образовавшихся под действием трипсина. После этого сразу же возникает новая проблема – определить, в каком порядке трипсиновые фрагменты располагались в первоначальной полипептидной цепи.

д. Стадия 5: расщепление исходной полипептидной цепи еще одним способом

Рис. 6-9. Схема определения аминокислотной последовательности пептида путем его расщепления по Эдману. Исходный тетрапептид вступает в реакцию с фенилизотиоцианатом, в результате чего образуется фенилтиокарбамоильное производное аминоконцевого остатка. Этот остаток отщепляют от пептида без разрыва других пептидных связей и получают в виде фенилтиогидантоинового производного, которое можно идентифицировать хроматографическим способом. Оставшийся трипептид вновь проводят через тот же цикл реакций, что позволяет идентифицировать второй остаток. Эти операции повторяют до тех пор, пока не будут идентифицированы все остатки.

Чтобы установить порядок расположения пептидных фрагментов, образовавшихся под действием трипсина, берут новую порцию препарата исходного полипептида и расщепляют его на более мелкие фрагменты каким-либо иным способом, при помощи которого расщепляются пептидные связи, устойчивые к действию трипсина. В этом случае более предпочтительным часто оказывается не ферментативный, а химический метод.

Особенно хорошие результаты дает реагент бромциан, расщепляющий только те пептидные связи, в которых карбонильная группа принадлежит остатку метионина (табл. 6-6). Следовагельно, если полипептид содержит восемь остатков метионина, то при обработке бромцианом обычно образуются девять пептидных фрагментов. Полученные таким способом фрагменты можно разделить методом электрофореза или хроматографии. Каждый из этих коротких пептидов подвергают расщеплению по Эдману, как было описано для стадии 4, и таким путем устанавливают их аминокислотную последовательность.

Итак, мы получили два набора пептидных фрагментов – один после обработки исходного полипептида трипсином и другой после химического расщепления того же полипептида бромцианом. Мы знаем также аминокислотную последовательность каждого пептида, входящего в состав этих двух наборов.

Рис. 6-10. Расположение пептидных фрагментов в правильном порядке на основе данных по перекрывающимся участкам. В приведенном здесь примере полипептид, состоящий из 16 аминокислотных остатков, после идентификации N- и С-концевых остагков был подвергнут фрагментации двумя способами. Вверху показаны полученные фрагменты, а снизу – воссоздание полной последовательности полипептида по перекрывающимся участкам.

е. Стадия 6: установление порядка расположения пептидных фрагментов по перекрывающимся участкам

Теперь сравнивают аминокислотные последовательности в пептидных фрагментах, полученных двумя способами из исходного полипептида, чтобы во втором наборе найти пептиды, в которых бы последовательности отдельных участков перекрывались (т.е. совпадали) с последовательностями тех или иных участков в пептидах первого набора. Принцип расположения пептидов показан на рис. 6-10. Пептиды из второго набора с перекрывающимися последовательностями позволяют соединить в правильном порядке пептидные фрагменты, полученные в результате первого расщепления исходной полипептидной цепи. Более того, эти два набора фрагментов позволяют выявить возможные ошибки в определении аминокислотной последовательности каждого фрагмента.

Иногда второго расщепления полипептида на фрагменты оказывается недостаточно, чтобы найти перекрывающиеся участки для двух или более пептидов, полученных после первого расщепления. В этом случае применяется третий, а то и четвертый способ расщепления, что позволяет в конце концов получить набор пептидов, обеспечивающих перекрывание всех участков, необходимых для установления полной последовательности исходной цепи. При этом для расщепления полипептида можно использовать другие протеолитические ферменты, например химотрипсин или пепсин, правда зти ферменты расщепляют пептидные связи гораздо менее избирательно, чем трипсин (табл. 6-6).

1

Оглавление

  • ПРЕДИСЛОВИЕ РЕДАКТОРОВ ПЕРЕВОДА
  • ПРЕДИСЛОВИЕ
  • Благодарности
  • ЧАСТЬ I. БИОМОЛЕКУЛЫ
  • ГЛАВА 1. БИОХИМИЯ-МОЛЕКУЛЯРНАЯ ЛОГИКА ЖИВЫХ ОРГАНИЗМОВ
  • 1.1. Для живой материи характерны некоторые отличительные особенности
  • 1.2. Биохимия стремится понять природу живого состояния
  • 1.3. Все живые организмы содержат органические макромолекулы, построенные по общему плану
  • 1.4. Обмен веществ и энергии в живых организмах
  • 1.5. Ферменты, играющие роль катализаторов в живых клетках, управляют сложно организованной сетью химических реакций
  • 1.6. Клетки используют энергию в химической форме
  • 1.7. Процессы клеточного метаболизма находятся под постоянным контролем
  • 1.8. Живые организмы способны к точному самовоспроизведению
  • ГЛАВА 2. КЛЕТКИ
  • 2.1. Все клетки обладают некоторыми общими структурными характеристиками
  • 2.2. Клетки должны иметь очень малые размеры
  • 2.3. Существуют два больших класса клеток – прокариотические и эукариотические
  • 2.4. Прокариоты – самые простые и самые мелкие клетки
  • 2.5. Escherichia coli – самая известная из прокариотических клеток
  • 2.6. Эукариотические клетки крупнее и сложнее прокариотических
  • 2.7. Ядро эукариот – это очень сложная структура
  • 2.8. Митохондрии – «силовые установки» эукариотических клеток, поставляющие энергию
  • 2.9. Эндоплазматический ретикулум образует каналы в цитоплазме
  • 2.10. Тельца Гольджи – секреторные органеллы
  • 2.11. Лизосомы – контейнеры с гидролитическими ферментами
  • 2.12. Пероксисомы – пузырьки, разрушающие перекись водорода
  • 2.13. Микрофиламенты участвуют в сократительных процессах клеток
  • 2.14. Микротрубочки также связаны с клеточными движениями
  • 2.15. Микрофиламенты, микротрубочки и микротрабекулярная сеть образуют цитоскелет
  • 2.16. Реснички и жгутики позволяют клеткам передвигаться
  • 2.17. В цитоплазме содержатся также гранулярные тельца
  • 2.18. Цитозоль – непрерывная водная фаза цитоплазмы
  • 2.19. Клеточная мембрана имеет большую площадь поверхности
  • 2.20. На поверхности многих животных клеток имеются также «антенны»
  • 2.21. Эукариотические клетки растений имеют некоторые специфические особенности
  • 2.22. Вирусы – надмолекулярные паразиты
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 3. СОСТАВ ЖИВОЙ МАТЕРИИ: БИОМОЛЕКУЛЫ
  • 3.1. Химический состав живой материи отличается от химического состава земной коры
  • 3.2. Большинство биомолекул содержит углерод
  • 3.3. Биомолекулы имеют специфическую форму и определенные размеры
  • 3.4. Функциональные группы органических биомолекул определяют их химические свойства
  • 3.5. Многие биомолекулы асимметричны
  • 3.6. Основные классы биомолекул в клетках представлены очень крупными молекулами
  • 3.7. Макромолекулы образуются из небольших молекул, играющих роль строительных блоков
  • 3.8. Молекулы, используемые в качестве строительных блоков, имеют простую структуру
  • 3.9. Структурная иерархия в молекулярной организации клеток
  • 3.10. Биомолекулы первыми возникли в процессе химической эволюции
  • 3.11. Химическую эволюцию можно воспроизвести в лабораторных условиях
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 4. ВОДА
  • 4.1. Необычные физические свойства воды обусловлены ее способностью участвовать в образовании водородных связей
  • 4.2. Водородные связи широко распространены в биологических системах и играют в них важную роль
  • 4.3. Вода как растворитель обладает необычными свойствами
  • 4.4. Растворенные вещества изменяют свойства воды
  • 4.5. Состояние равновесия обратимых реакций характеризуется константой равновесия
  • 4.6. Ионизацию воды можно охарактеризовать величиной константы равновесия
  • 4.7. Шкала pH: обозначения концентраций ионов Н+ и ОН-
  • 4.8. Свойства кислот и оснований тесно связаны со свойствами воды
  • 4.9. Слабые кислоты имеют характерные кривые титрования
  • 4.10. Буферы – это смеси слабых кислот и сопряженных с ними оснований
  • 4.11. Фосфат и бикарбонат – важные биологические буферные системы
  • 4.12. Приспособленность живых организмов к водной среде
  • 4.13. «Кислые» дожди загрязняют наши озера и реки
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 5. АМИНОКИСЛОТЫ И ПЕПТИДЫ
  • 5.1. Общие структурные свойства аминокислот
  • 5.2. Почти все аминокислоты содержат асимметрический атом углерода
  • 5.3. Стереоизомеры обозначаются в соответствии с их абсолютной конфигурацией
  • 5.4. Оптически активные аминокислоты в белках представляют собой L-стереоизомеры
  • 5.5. Классификация аминокислот на основе их R-групп
  • 5.6. Восемь аминокислот содержат неполярные R-группы
  • 5.7. Семь аминокислот содержат незаряженные полярные R-группы
  • 5.8. Две аминокислоты содержат отрицательно заряженные (кислые) R-группы
  • 5.9. Три аминокислоты содержат положительно заряженные (основные) R-группы
  • 5.10. В некоторых белках присутствуют нестандартные аминокислоты
  • 5.11. В водных растворах аминокислоты ионизированы
  • 5.12. Аминокислоты могут вести себя и как кислоты, и как основания
  • 5.13. Аминокислоты имеют характерные кривые титрования
  • 5.14. По кривой титрования можно предсказать, какой электрический заряд несет данная аминокислота
  • 5.15. Аминокислоты различаются по своим кислотно-основным свойствам
  • 5.16. Кислотно-основные свойства аминокислот служат основой для аминокислотного анализа
  • 5.17. Электрофорез на бумаге позволяет разделять аминокислоты в соответствии с их электрическим зарядом
  • 5.18. Ионообменная хроматография служит более эффективным способом разделения аминокислот
  • 5.19. Химические реакции, характерные для аминокислот
  • 5.20. Пептиды – это цепочки аминокислот
  • 5.21. Разделение пептидов может быть основано на различиях в их ионизационных свойствах
  • 5.22. Химические реакции, характерные для пептидов
  • 5.23. Некоторые пептиды обладают высокой биологической активностью
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 6. БЕЛКИ: КОВАЛЕНТНАЯ СТРУКТУРА И БИОЛОГИЧЕСКИЕ ФУНКЦИИ
  • 6.1. Белки обладают множеством различных биологических функций
  • 6.2. Белки можно классифицировать также по форме их молекул
  • 6.3. В ходе гидролиза брлки распадаются на аминокислоты
  • 6.4. Некоторые белки имеют в своем составе не только аминокислоты, но и другие химические группы
  • 6.5. Белки – это очень крупные молекулы
  • 6.6. Белки можно выделить и подвергнуть очистке
  • 6.7. Определение аминокислотной последовательности полипептидных цепей
  • 6.8. Инсулин – это первый белок, для которого была установлена аминокислотная последовательность
  • 6.9. В настоящее время известны последовательности многих других белков
  • 6.10. Гомологичные белки разных видов имеют гомологичные последовательности
  • 6.11. Различия между гомологичными белками можно выявить по иммунной реакции
  • 6.12. Белки претерпевают структурные изменения, называемые денатурацией
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 7. ФИБРИЛЛЯРНЫЕ БЕЛКИ
  • 7.1. Термины «конфигурация» и «конформация» имеют разный смысл
  • 7.2. Как это ни парадоксально, нативные белки имеют только одну или всего лишь несколько конформаций
  • 7.3. a-Кератины — фибриллярные белки, синтезируемые клетками эпидермиса
  • 7.4. Рентгеноструктурный анализ показывает, что в кератинах имеются повторяющиеся структурные единицы
  • 7.5. Рентгеноструктурные исследования пептидов свидетельствуют о жесткости и плоской конфигурации пептидных групп
  • 7.6. В a-кератине полипептидные цепи имеют форму a-спирали
  • 7.7. Некоторые аминокислотные остатки препятствуют образованию a-спирали
  • 7.8. В a-кератинах содержится много аминокислот, способствующих образованию a-спиральной структуры
  • 7.9. В нативных a-кератинах a-спиральные полипептидные цепи скручены наподобие каната
  • 7.10. a-Кератины нерастворимы в воде из-за преобладания в их составе аминокислот с неполярными R-группами
  • 7.11. b-Кератины имеют другую конформацию полипептидной цепи, называемую b-структурой
  • 7.12. Перманентная завивка волос – пример биохимической технологии
  • 7.13. Коллаген и эластин – главные фибриллярные белки соединительных тканей
  • 7.14. Коллаген – самый распространенный белок у высших животных
  • 7.15. Коллаген обладает как обычными, так и необычными свойствами
  • 7.16. Полипептиды в коллагене представляют собой трехцепочечные спиральные структуры
  • 7.17. Структура эластина придает особые свойства эластической ткани
  • 7.18. Что говорят нам фибриллярные белки о структуре белков?
  • 7.19. Другие типы фибриллярных или нитевидных белков встречающихся в клетках
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 8. ГЛОБУЛЯРНЫЕ БЕЛКИ: СТРУКТУРА И ФУНКЦИЯ ГЕМОГЛОБИНА
  • 8.1. Полипептидные цепи глобулярных белков свернуты в плотную компактную структуру
  • 8.2. Рентгеноструктурный анализ миоглобина – выдающееся достижение в исследовании белков
  • 8.3. Миоглобины, выделенные из разных видов, имеют сходную конформацию
  • 8.4. Глобулярные белки различных типов имеют неодинаковую структуру
  • 8.5. Аминокислотная последовательность белка определяет его третичную структуру
  • 8.6. Силы, стабилизирующие третичную структуру глобулярных белков
  • 8.7. Свертывание полипептидных цепей происходит с очень высокой скоростью
  • 8.8. Олигомерные белки имеют как третичную, так и четвертичную структуру
  • 8.9. Метод рентгеноструктурного анализа позволил установить как третичную, так и четвертичную структуру гемоглобина
  • 8.10. По своей третичной структуре a- и b-цепи гемоглобина очень сходны с миоглобином
  • 8.11. Была установлена четвертичная структура и некоторых других олигомерных белков
  • 8.12. Эритроциты – специализированные клетки, переносящие кислород
  • 8.13. Для миоглобина и гемоглобина характерны разные кривые связывания кислорода
  • 8.14. Кооперативное связывание кислорода делает гемоглобин более эффективным переносчиком кислорода
  • 8.15. Гемоглобин служит также переносчиком С02 и ионов H+
  • 8.16. Оксигенация гемоглобина вызывает изменение его пространственной конформации
  • 8.17. Серповидноклеточная анемия – «молекулярная болезнь» гемоглобина
  • 8.18. Гемоглобин больных серповидноклеточной анемиеи имеет измененную аминокислотную последовательность
  • 8.19. Серповидная форма эритроцитов обусловлена склонностью молекул гемоглобина S к агрегации
  • 8.20. «Неправильные» аминокислоты появляются в белках в результате генных мутаций
  • 8.21. Можно ли найти «молекулярное лекарство» для серновидноклеточного гемоглобина?
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 9. ФЕРМЕНТЫ
  • 9.1. История биохимии – это в значительной мере история исследования ферментов
  • 9.2. Ферменты обнаруживают все свойства белков
  • 9.3. Ферменты классифицируются на основе реакций, которые они катализируют
  • 9.4. Ферменты ускоряют химические реакции, снижая энергию активации
  • 9.5. Концентрация субстрата оказывает огромное влияние на скорость реакций, катализируемых ферментами
  • 9.6. Существует количественная связь между концентрацией субстрата и скоростью ферментативной реакции
  • 9.7. Каждый фермент имеет характерную величину Км для данного субстрата
  • 9.8. Многие ферменты катализируют реакции с участием двух субстратов
  • 9.9. Каждый фермент имеет определенный оптимум pH
  • 9.10. Количество фермента можно определить по его активности
  • 9.11. Ферменты проявляют специфичность по отношению к своим субстратам
  • 9.12. Ферменты можно ингибировать определенными химическими соединениями
  • 9.13. Существуют обратимые ингибиторы двух типов – конкурентные и неконкурентные
  • 9.14. Неконкурентное ингибирование тоже обратимо, но не может быть ослаблено или устранено повышением концентрации субстрата
  • 9.15. Факторы, определяющие каталитическую эффективность ферментов
  • 9.16. Рентгеноструктурный анализ выявил важные структурные особенности ферментов
  • 9.17. В ферментных системах есть «дирижер», роль которого выполняет регуляторный фермент
  • 9.18. Аллостерические ферменты регулируются путем нековалентного присоединения к ним молекул модуляторов
  • 9.19. Аллостерические ферменты ингибируются или активируются их модуляторами
  • 9.20. Поведение аллостерических ферментов не описывается уравнением Михаэлиса – Ментеи
  • 9.21. Субъединицы аллостерических ферментов сообщаются между собой
  • 9.22. Некоторые ферменты регулируются путем обратной ковалентной модификации
  • 9.23. Многие ферменты существуют в нескольких формах
  • 9.24. Нарушение каталитической активности ферментов может быть обусловлено мутациями
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 10. ВИТАМИНЫ И МИКРОЭЛЕМЕНТЫ: ИХ РОЛЬ В ФУНКЦИОНИРОВАНИИ ФЕРМЕНТОВ
  • 10.1. Витамины – незаменимые органические микрокомпоненты пищи
  • 10.2. Витамины являются важными компонентами коферментов и простетических групп ферментов
  • 10.3. Витамины можно разделить на два класса
  • 10.4. Тиамин (витамин B1) функционирует в форме тиаминпирофосфата
  • 10.5. Рибофлавин (витамин В2) – компонент флавиновых нуклеотидов
  • 10.6. Никотинамид – это активная группа коферментов NAD и NADP
  • 10.7. Пантотеновая кислота – компонент кофермента А
  • 10.8. Пиридоксин (витамин В6) играет важную роль в метаболизме аминокислот
  • 10.9. Биотин является активным компонентом биоцитина – простетической группы некоторых ферментов, катализирующих реакции карбоксилирования
  • 10.10. Фолиевая кислота служит предшественником кофермента тетрагидрофолиевой кислоты
  • 10.11. Витамин B12 — предшественник кофермента В12
  • 10.12. Биохимическая функция витамина С (аскорбиновой кислоты) не известна
  • 10.13. Жирорастворимые витамины представляют собой производные изопрена
  • 10.14. Витамин А, вероятно, выполняет несколько функций
  • 10.15. Витамин D – предшественник гормона
  • 10.16. Витамин Е защищает клеточные мембраны от кислорода
  • 10.17. Витамин К-компонент карбокснлнрукнцего фермента
  • 10.18. В пище животных должны содержаться многочисленные неорганические вещества
  • 10.19. Для действия многих ферментов требуется железо
  • 10.20. В некоторых окислительных ферментах содержится также медь
  • 10.21. Для действия многих ферментов необходим цинк
  • 10.22. Некоторым ферментам требуются ионы марганца
  • 10.23. В состав витамина В12 входит кобальт
  • 10.24. Селен является и незаменимым микроэлементом, и ядом
  • 10.25. Для некоторых ферментов требуются другие микроэлементы
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и залами
  • ГЛАВА 11. УГЛЕВОДЫ: СТРОЕНИЕ И БИОЛОГИЧЕСКИЕ ФУНКЦИИ
  • 11.1. Углеводы делятся на три класса в зависимости от числа остатков сахаров
  • 11.2. Существует два семейства моносахаридов: альдозы и кетозы
  • 11.3. Моносахариды обычно содержат несколько асимметрических центров
  • 11.4. Типичные моносахариды имеют циклическую структуру
  • 11.5. Простые моносахариды могут служить восстановителями
  • 11.6. Дисахариды содержат две моносахаридные единицы
  • 11.7. Полисахариды содержат большое число моносахаридных остатков
  • 11.8. Некоторые полисахариды представляют собой форму запасания «клеточного топлива»
  • 11.9. Целлюлоза – наиболее распространенный структурный полисахарид
  • 11.10. Клеточные стенки содержат в больших количествах структурные и защитные полисахариды
  • 11.11. Гликопротеины — гибридные молекулы
  • 11.12. На поверхности клеток животных присутствуют гликопротеины
  • 11.13. Гликозаминогликаны и протеогликаны – важные компоненты соединительной ткани
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ГЛАВА 12. ЛИПИДЫ И МЕМБРАНЫ
  • 12.1. Жирные кислоты – структурные компоненты большинства липидов
  • 12.2. Триацилглицеролы – это глицероловые эфиры жирных кислот
  • 12.3. Триацилглицеролы – форма запасания липидов
  • 12.4. Воска – эфиры жирных кислот и длинноцепочечных спиртов
  • 12.5. Фосфолипиды – основные липидные компоненты мембран
  • 12.6. Сфинголипиды – также важные компоненты мембран
  • 12.7. Стероиды – неомыляемые липиды, обладающие специфическими функциями
  • 12.8. Липопротеины сочетают свойства липидов и белков
  • 12.9. Полярные липиды образуют мицеллы, монослои и бислои
  • 12.10. Полярные липиды и белки – основные компоненты мембран
  • 12.11. Мембраны имеют жидкостно-мозаичную структуру
  • 12.12. Мембраны асимметричны, т.е. имеют неравноценные стороны
  • 12.13. Мембраны эритроцитов исследованы очень подробно
  • 12.14. Лектины – специфические белки, способные связываться с определенными клетками и вызывать их агглютинацию
  • 12.15. Мембраны имеют очень сложные функции
  • Краткое содержание главы
  • ЛИТЕРАТУРА
  • Вопросы и задачи
  • ПРИЛОЖЕНИЕ ОТВЕТЫ

Решение задач по биологии

Задача №1

Участок молекулы ДНК, кодирующий часть
полипептида, имеет следующее строение:

-А –Ц –Ц –А –Т –А – Г –Т – Ц – Ц – А – А
– Г – Г – А –

Определите последовательность
аминокислот в полипептиде.

Дано:                                                                                      
Решение:

Участок молекулы ДНК,                                                    
1. Зная кодирующую цепь ДНК,

 кодирующий часть полипептида:                          
            по принципу комплемента

 -А–Ц–Ц–А –Т–А–Г–Т–Ц–Ц– А– А– Г–Г–А –

Найти:
последовательность аминокислот

в полипептиде.

ДНК:     – А –Ц –Ц – А – Т – А – Г – Т –
Ц – Ц – А – А – Г – Г – А –

и –РНК:-У – Г – Г – У – А – У – Ц – А –
Г – Г –У – У – Ц – Ц – У –

2. Используя таблицу генетического кода,
определяем последовательность аминокислот в полипептиде.

УГГ – триптофан

УАУ – тирозин

ЦАГ – глутамин

ГУУ – валин

 ЦЦУ – пролин

Ответ:
триптофан – тирозин – глутамин – валин – пролин

 Задача №2

Сколько нуклеотидов содержит ген (обе
цепи ДНК), в котором запрограммирован белок инсулин из 51 аминокислоты?

Дано:                                                                             
Решение:

Белок инсулин – 51 аминокислота                     
Одним из свойств генетического кода

Найти:
количество нуклеотидов,                         является то, что каждая
аминокислота

содержащихся в гене, в
котором                           кодируется триплетом ДНК.

запрограммирован белок инсулин?

 1.Подсчитаем количество нуклеотидов в
одной цепи ДНК.

51*  3=153 нуклеотида

2.Подсчитаем, сколько нуклеотидов
содержит ген (обе цепи ДНК)

153* 2 =306 нуклеотидов

Ответ:
306 нуклеотидов.

Задача №3

Одна из цепей ДНК имеет молекулярную
массу 34155. Определите количество мономеров

Белка, запрограммированного в этой ДНК.

Дано:                                                                               
Решение

Масса ДНК –
34155                                                       Молекулярная масса
одного нуклео-

Найти:
количество мономеров белка?                        тида 345

1.       Подсчитаем 
количество нуклеотидов в ДНК.

34155 : 345 = 99
нуклеотидов

2.Подсчитаем
количество мономеров белка.

99 : 3 =33
триплета в ДНК кодируют 33 аминокислоты белка

Ответ:
33 мономера

Задача
№4

Какова
молекулярная масса гена (двух цепей ДНК), если в одной его цепи

Запрограммирован
белок с молекулярной массой 1500?

Дано:                                                                       
Решение

Масса белка –
1500                                                      1.Подсчитаем
количество          

Найти:
массу гена двух цепей ДНК?                         аминокислот в белке.

                                                                     
                   
1500: 100 = 15 аминокислот

2. Подсчитаем
количество   нуклеотидов в одной цепи гена.

15* 3 =45
нуклеотидов

3.Найдем
молекулярную массу одной цепи гена.

45* 345 = 15525

4.Найдем
молекулярную массу двух цепей.

15525 * 31050

Ответ:
31050

Задача
№5

Фрагмент
молекулы ДНК содержит 2348 нуклеотидов. На долю адениновых приходится 420.
Сколько содержится других нуклеотидов? Найдите массу и длину фрагмента ДНК.

Дано:                                                                          
     Решение.

ДНК – 2348
нуклеотидов                                  1. Исходя из принципа
комплементар-

А
-420                                                                   ности
можно определить количество Т.

Найти:
Т- ? Г – ? Ц – ?                                        А = Т , А = 420, значит
и Т = 420                                      

Массу ДНК –
?                                                   2.Подсчитаем общее
количество Г и Ц.

Длина ДНК –
?                                                  2348 -840 = 1508

2.       Определяем
количество Г и Ц.

3.       1508
: 2 = 754

4.       Подсчитаем
массу и длину ДНК.

mДНК   2348
* 345 = 810060

LДНК
1174 * 0,34 нм = 399,16 нм

Ответ:
А – 420, Т = 420, Г = 754, Ц = 754;

            MДНК
– 810060

            LДНК
– 399,19 нм

Задания  для
самостоятельной работы

Задача №1

Сколько нуклеотидов содержит ген (обе
цепи ДНК), в котором запрограммирован белок инсулин из 51 аминокислоты?

Задача №2

Какова
молекулярная масса гена (двух цепей ДНК), если в одной его цепи

Запрограммирован
белок с молекулярной массой 1800?

Задача №3

Участок молекулы ДНК, кодирующий часть
полипептида, имеет следующее строение:

-А –Ц –Ц –А –Т –А – Г –Т – Ц – Ц – А – А
– А – Ц – Ц –

Определите последовательность
аминокислот в полипептиде.

Задача №4
Одна из цепей ДНК имеет молекулярную массу 41400. Определите количество
мономеров белка, запрограммированного в этой ДНК.

Задача
№5

Фрагмент
молекулы ДНК содержит 3048 нуклеотидов. На долю цитозиновых приходится 460.
Сколько содержится других нуклеотидов? Найдите массу и длину фрагмента ДНК.

Литература.

А.Ю. Гаврилова Биология 10 класс .
Поурочные планы. Часть 1. Волгоград. Изд. «Учитель»

Лысенко Ольга Александровна

учитель биологии и химии

муниципальногообщеобразовательного учреждения

«Александровская школа Марьинского района» г. Донецка

lisenkooo@gmail.com

Решение цитогенетических задач

ПАМЯТКА ДЛЯ УЧАЩИХСЯ 9-11 КЛАССОВ

I Определение последовательности аминокислот в фрагменте молекулы белка на основании последовательности нуклеотидов ДНК с использованием таблицы генетического кода

  • Рекомендации:

  • Внимательно прочитать условие задачи.

  • Определить, для ДНК или и-РНК приведена таблица генетического кода; если в таблице присутствует тимин (Т) это код для ДНК, если урацил (У) – для и-РНК.

  • Если в задаче указано, что данный фрагмент цепи ДНК кодирует белок, не нужно находить состав второй цепи.

  • Рекомендации:

  • Помните: чтобы определить, какие аминокислоты переносят данные в задаче т-РНК, необходимо по их антикодонам найти кодоны и-РНК, а затем по таблице найти аминокислоты.

  • Если в задаче сказано, что нуклеотидная цепь ДНК подверглась каким-то изменениям, нужно сначала получить измененную цепь ДНК, а затем выполнять действия, какие требуются.

  • Пример:

Фрагмент одной из цепей ДНК имеет последовательность нуклеотидов: ТЦАГГАТГЦАТГАЦЦ. Определите последовательность нуклеотидов и-РНК и порядок расположения аминокислот в соответствующем полипептиде. Как изменится аминокислотная последовательность в полипептиде, если второй и четвёртый триплеты ДНК поменять местами? Для выполнения задания используйте таблицу генетического кода.

Ход решения: 1) По принципу комплементарности определим последовательность нуклеотидов в и-РНК: Цепь ДНК: ТЦАГГАТГЦАТГАЦЦ и-РНК: АГУЦЦУАЦГУАЦУГГ

Рекомендация: чтобы не ошибиться пишите одну цепь под другой.

2) По таблице генетического кода найдем аминокислоты: сер-про-тре-тир-три.

Рекомендация: названия аминокислот записывайте, как в таблице, сокращенно.

3) Если второй и четвёртый триплеты ДНК поменять местами, то получим измененную цепь ДНК: ТЦААТГТГЦГГААЦЦ; отсюда следует, что изменится и аминокислотная последовательность: на втором месте будет тир, а на четвертом про, т.е сер-тир-тре-про-три.

II Определение нуклеотидного состава ДНК, количества водородных связей между нуклеотидами

Рекомендации: для решения задач этого типа необходимо помнить принцип комплементарности:

– А – А – Ц – Т – Г – Г – Ц – Г – А –

││ ││ │││ ││ │││ │││ │││ │││ ││

– Т – Т – Г – А – Ц – Ц – Г – Ц – Т –

  • Содержание А=Т или АТ=1

  • Содержание Г=Ц или ГЦ=1

  • Пример:

Участок одной из двух цепей молекулы ДНК содержит 300 нуклеотидов с аденином (А), 100 нуклеотидов с тимином (Т), 150 нуклеотидов с гуанином (Г) и 200 нуклеотидов с цитозином (Ц). Какое число нуклеотидов с А, Т, Г и Ц содержится в двухцепочной молекуле ДНК? Сколько водородных связей образовано между цепями этой молекулы ДНК? Ответ поясните.

Ход решения: 1) согласно принципу комплементарности во второй цепи ДНК содержится нуклеотидов: А 100, Т 300, Г 200, Ц 150; в двух цепях ДНК содержится нуклеотидов: А 400, Т 400, Ц 350, Г 350;

2) между А и Т образуется две водородные связи, между Г и Ц три;

3) всего в данном фрагменте ДНК пар А-Т 400, пар Г-Ц 350; значит водородных связей 400х2+350х3 = 1850.

III Определение количества нуклеотидов (триплетов) в участке ДНК (и-РНК) по количеству аминокислот, входящих в состав молекулы белка

Рекомендации:

Помните:

  • один триплет (кодон) кодирует одну аминокислоту, следовательно, число кодонов равно количеству аминокислот в белке;

  • Одна трнк за один раз может перенести только одну аминокислоту, разные аминокислоты переносятся разными т-РНК, следовательно, число аминокислот равно количеству т-РНК, участвующих в синтезе белка;

  • Все свои действия следует объяснять, т.к. в условии задачи содержится требование пояснить свой ответ.

Пример:

Полипептид состоит из 120 аминокислот. Определите число триплетов на участке гена, который кодирует первичную структуру этого полипептида, число нуклеотидов на и-РНК, участвующую в биосинтезе этого пептида, и число молекул т-РНК, участвующих в биосинтезе этого полипептида. Ответ поясните.

Ход решения: 1) Один триплет кодирует одну аминокислоту, значит, триплетов на участке гена (участке ДНК) будет 120;

2) и-РНК содержит, как и ДНК, 120 триплетов, т.к. и-РНК образуется в результате транскрипции, а ДНК служит матрицей для синтеза и-РНК; 120 триплетов содержат 120х3=360 нуклеотидов;

3) Одна т-РНК переносит одну аминокислоту, следовательно, для синтеза данного полипептида понадобится 120 т-РНК.

Добавить комментарий